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2014年重庆市中考数学试卷(A卷) 一、选择题(本大题共12小题,每小题4分共48分) 1.(4分)(2014年重庆市)实数﹣17的相反数是(  )   A. 17 B. C. ﹣17 D. ﹣ 考点: 实数的性质. 分析: 根据只有符号不同的两个数互为相反数,可得一个数的相反数. 解答: 解:实数﹣17的相反数是17, 故选:A. 点评: 本题考查了实数的性质,在一个数的前面加上负号就是这个数的相反数.   2.(4分)(2014年重庆市)计算2x6÷x4 的结果是(  )   A. x2 B. 2x2 C. 2x4 D. 2x10 考点: 整式的除法. 分析: 根据单项式除单项式的法则计算,再根据系数相等,相同字母的次数相同列式求解即可. 解答: 解:原式=2x2, 故选B. 点评: 本题考查了单项式除单项式,理解法则是关键.   3.(4分)(2014年重庆市)在 中,a的取值范围是(  )   A. a≥0 B. a≤ 0 C. a>0 D. a<0 考点: 二次根式有意义的条件. 分析: 根据二次根式的性质:被开方数大于等于0,就可以求解. 解答: 解:a的范围是:a≥0. 故选A. 点评: 本题考查的知识点为:二次根式的被开方数是非负数.   4.(4分)(2014年重庆市)五边形的内角和是(  )   A. 180° B. 360° C. 540° D. 600° 考点: 多边形内角与外角. 专题: 常规题型. 分析: 直接利用多边形的内角和公式进行计算即可. 解答: 解:(5﹣2)?180°=540°. 故选C. 点评: 本题主要考查了多边形的内角和定理,是基础 题,熟记定理是解题的关键.   5.(4分)(2014年重庆市)2014年1月1日零点,北京、上海、宁夏的气温分别是﹣4℃、5℃、6℃、﹣8℃,当时这四个城市中,气温最低的是(  )   A. 北京 B. 上海 C. 重庆 D. 宁夏 考点: 有理数大小比较. 专题: 应用题. 分析: 根据正数大于0,0大于负数,可得答案. 解答: 解:﹣8<﹣4<5<6, 故选:D. 点评: 本题考查了有理数比较大小,正数大于0,0大于负数是解题 关键.   6.(4分)(2014年重庆市)关于x的方程 =1的解是(  )   A. x=4 B. x=3 C. x=2 D. x=1 考点: 解分式方程. 专题: 计算题. 分析: 分式方程去分母转化为整式方程,求出整式方程的解得到x的值,经检验即可得到分式方程的解. 解答: 解:去分母得:x﹣ 1=2, 解得:x=3, 经检验x=3是分式方程的解. 故选B 点评: 此题考查了解分式方程,解分式方程的 基本思想是“转化思想”,把分式方程转化为整式方程求解.解分式方程一定注意要验根.   7.(4分)(2014年重庆市)2014年8月26日,第二届青奥会将 在南京举行,甲、乙、丙、丁四位跨栏运动员在为该运动会积极准备.在某天 “110米跨栏”训练中,每人各跑5次,据统计,他们的平均成绩都是13.2秒,甲、乙、丙、丁的成绩的方差分别是0.11、0.03、0.05、0.02.则当天这四位运动员“110米跨栏”的训练成绩最稳定的是(  )   A. 甲 B. 乙 C. 丙 D. 丁 考点: 方差. 分析: 根据方差越大, 越不稳定去比较方差的大小即可确定稳定性的大小. 解答: 解:∵甲、乙、丙、丁的成绩的方差分别是0.11、0.03、0.05、0.02, ∴丁的方差最小, ∴丁运动员最稳定, 故选D. 点评: 本题考查了方差的知识,方差越大,越不稳定.   8.(4分)(2014 年重庆市)如图,直线AB∥CD,直线EF分别交直线AB、CD于点E、F,过点F作FG⊥FE,交直线AB于点G,若∠1=42°,则∠2的大小是(  )   A. 56° B. 48° C. 46° D. 40° 考点: 平行线的性质. 分析: 根据两直线平行,同位角相等可得∠3=∠1,再根据垂直的定义可得∠GFE=90°,然后根据平角等于180°列式计算即可得解. 解答: 解:∵AB∥CD, ∴∠3=∠1=42°, ∵FG ⊥FE, ∴∠GFE=90°, ∴∠2=180°﹣90°﹣42°=48°. 故选 B . 点评: 本题考查了平行线的性质,垂直的定义,熟记性质并准确识图是解题的关键.   9.(4分)(2014年重庆市)如图 ,△ABC的顶点A、B、C均在⊙O上,若∠ABC+∠AOC=90°,则∠AOC的大小是(  )   A. 30° B. 45° C. 60° D. 70° 考点: 圆周角定理. 专题: 计算题. 分析: 先根据圆周角定理得到∠ABC= ∠AOC,由于∠ABC+∠AOC=90°,所以 ∠AOC+∠AOC=90°,然后解方程即可. 解答: 解:∵∠ABC= ∠AOC, 而∠ABC+∠AOC=90°, ∴ ∠AOC+∠AOC=90°, ∴∠AOC=60°. 故选C. 点评: 本题考查了圆周角定理:在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,都等于这条弧所对的圆心角的一半.   10.(4分)(2014年重庆市)2014年5月10日上午,小华同学接到通知,她的作文通过了《我的中国梦》征文选拔,需尽快上交该作文的电子文稿.接到通知后,小华立即在电脑上打字录入这篇文稿,录入一段时间后因事暂停,过了一小会,小华继续录入并加快了录入速度,直至录入完成.设从录入文稿开始所经过的时间为x,录入字数为y,下面能反映y与x的函数关系的大致图象是(  )   A. B. C. D. 考点: 函数的图象. 分析: 根据在电脑上打字录入这篇文稿,录入字数增加,因事暂停,字数不变,继续录入并加快了录入速度,字数增加,变化快,可得答案. 解答: 解:A.暂停后继续录入并加快了录入速度,字数增加,故A不符合 题意; B.字数先增加再不变最后增加,故B不符合题意错误; C.开始字数增加的慢,暂停后再录入字数增加的快,故C符合题意; D.中间应有一段字数不变,不符合题意,故D错误; 故选:C. 点评: 本题考查了函数图象,字数先增加再不变最后增加的快是解题关键.   11.(4分)(2014年重庆市)如图,下列图形都是由面积为1的 正方形按一定的规律组成,其中,第(1)个图形中面积为1的正方形有2个,第(2)个图形中面积为1的正方形有5个,第(3)个图形中面积为1的正方形有9个,…,按此规律.则第(6)个图形中面积为1的正方形的个数为(  )   A. 20 B. 27 C. 35 D. 40 考点: 规律型:图形的变化类. 分析: 第(1)个图形中面积为1的正方形有2个,第(2)个图形中面积为1的图象有2+3=5个,第(3)个图形中面积为1的正方形有2+3+4=9个,…,按此规律,第n个图形中面积为1的正方形有2+3+4+…+n= ,进一步求得第(6)个图形中面积为1的正方形的个数即可. 解答: 解:第(1)个图形中面积为1的正方形有2个, 第(2)个图形中面积为1的图象有2+3=5个, 第(3)个图形中面积为1的正方形有2+3+4=9个, …, 按此规律, 第n个图形中面积 为1的正方形有2+3+4+…+(n+1)= 个, 则第(6)个图形中面积为1的正方形的个数为2+3+4+5+6+7=27个. 故选:B. 点评: 此题考查图形的变化规律,找出图形与数字之间的运算规律,利用规律解决问题.   12.(4分)(2014年重庆市)如图,反比例函数y=﹣ 在第二象限的图象上有两点A、B,它们的横坐标分别为﹣1,﹣ 3,直线AB与x轴交于点C,则△AOC的面积为(  )   A. 8 B. 10 C. 12 D. 24 考点: 反比例函数系数 k的几何意义. 分析 : 根据已知点横坐标得出其纵坐标,进而求出直线AB的解析式,求出直线AB与x轴横坐标交点,即可得出△AOC的面积. 解答: 解:∵反比例函数y=﹣ 在第二象限的图象上有两点A、B,它们的横坐标分别为﹣1,﹣3, ∴x=﹣ 1,y=6;x=﹣ 3,y=2, ∴A(﹣1,6),B (﹣3,2), 设直线AB的解析式为:y=kx+b,则 , 解得: , 解得:y=2x+8, ∴y=0 时,x=﹣4, ∴CO=4, ∴△AOC的面积为: ×6×4=12. 故选:C. 点评: 此题主要考查了反比例函数系数k的几何意义以及待定系数法求一次函数解析式,得出直线AB的解析式是解题关键.   二、填空题(本大题共6小题,每小题4分,共24分) 13.(4分)(2014年重庆市)方程组 的解是   . 考点: 解二元一次方程组. 专题: 计算题. 分析: 方程组利用代入消元法求出解即可. 解答: 解: , 将①代入②得:y=2, 则方程组的解为 , 故答案为: . 点评: 此题考查了解二元一次方程组,利用了消元的思想,消元的方法有:代入消元法与加减消元法.   14.(4分)(2014年重庆市)据有关部分统计,截止到2014年5月1日,重庆市私家小轿车达到563000辆,将563000这个数用科学记数法表示为 5.63×105 . 考点: 科学记数法—表示较大的数. 分析: 科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数. 解答: 解:将 563000用科学记数法表示为:5.63× 105. 故答案为:5.63×105. 点评: 此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.   15.(4分)( 2014年重庆市)如图,菱形ABCD中,∠A=60°,BD=7,则菱形ABCD的周长为 28 . 考点: 菱形的性质. 分析: 根据菱形的性质可得:AB=AD,然后根据∠A=60°,可得三角形ABD为等边三角形,继而可得出边长以及周长. 解答: 解:∵四边形ABCD为菱形, ∴AB=AD, ∵∠A=60°, ∴△ABD为等边三角形, ∵BD=7, ∴AB=BD=7, ∴菱形ABCD的周长=4×7=28. 故答案为:28. 点评: 本题考查了菱形的性质,解答本题的关键是掌握菱形的四条边都相等的性质,比较简单.   16.(4分)(2014年重庆市)如图,△OAB中,OA=OB=4,∠A=30°,AB与⊙O相切于点C,则图中阴影部分的面积为 4 ﹣  .(结果保留π) 考点: 切线的性质;含30度角的直角三角形;扇形面积的计算. 专题: 计算题. 分析: 连接OC,由AB为圆的切线,得到OC垂直于AB,再由OA=OB,利用三线合一得到C为AB中点,且OC为角平分线,在直角三角形AOC中,利用30度所对的直角边等于斜边的一半求出OC的长,利用勾股定理求出AC的长,进而确定出AB的长,求出∠AOB度数,阴影部分面积=三角形AOB面积﹣扇形面积,求出即可. 解答: 解:连接OC, ∵AB与圆O相切, ∴OC⊥AB, ∵OA=OB, ∴∠AOC=∠BOC,∠A=∠B=30°, 在Rt△AOC中,∠A=30°,OA=4, ∴OC= OA=2 ,∠AOC=60°, ∴∠AOB=120°,AC= =2 ,即AB=2AC=4 , 则S阴影=S△AOB﹣S扇形= ×4 ×2﹣ =4 ﹣ . 故答案为:4 ﹣ . 点评: 此题考查了切线的性质,含30度直角三角形的性质,以及扇形面积计算,熟练掌握切线的性质是解本题的关键.   17.(4分)(2014年重庆市)从﹣1,1,2这三个数字中,随机抽取一个数,记为a,那么,使关于x的一次函数y=2x+a的图象与x轴、y轴围成的三角形的面积 为 ,且使关于x的不等式组 有解的概率为   . 考点: 概率公式;解一元一次不等式组;一次函数图象上点的坐标特征. 分析: 将﹣1,1,2分别代入y=2x+a,求出与x轴、y轴围成的三角形的面积,将﹣1,1,2分别代入 ,求出解集,有解者即为所求. 解答: 解:当a=﹣1时,y=2x+a可化为y=2x﹣1,与x轴交点为( ,0),与y轴交点为(0,﹣1), 三角形面积为 × × 1= ; 当a=1时,y=2x+a可化为y=2x+1,与x轴交点为(﹣ ,0),与y轴交点为(0,1), 三角形的面积为 × ×1= ; 当a=2时,y=2x+2可化为y=2x+2 ,与x轴交点为(﹣1,0),与y轴交点为(0,2), 三角形的面积为 ×2×1=1(舍去); 当a=﹣1时,不等式组 可化为 ,不等式组的解集为 ,无 解; 当a =1时,不等式组 可化为 ,解得 ,解集为 ,解得x=﹣1. 使关于x的一次函数y=2x+a的图象与x轴、y 轴围成的三角形的面积为 ,且使关于x的不等式组 有解的 概率为P= . 故答案为 . 点评: 本题考查了概率公式、解一元一次不等式、一次函数与坐标轴的交点,有一定的综合性.   18.(4分)(2014年重庆市)如图,正方形ABCD的边长为6,点O是对角线AC、BD的交点,点E在CD上,且DE=2CE,过点C作CF⊥BE,垂足为F,连接OF,则OF的长为   . 考点: 全等三角形的判定与性质;等腰直角三角形;正方形的性质. 分析: 在BE上截取BG=CF,连接OG,证明△OBG≌△OCF,则OG=OF,∠BOG=∠COF,得出等腰直角三角形GOF,在RT△BCE中,根据射影定理求得GF的长,即可求得OF的长. 解答: 解:如图,在BE上截取BG=CF,连接OG, ∵RT△BCE中,CF⊥BE, ∴∠EBC=∠ECF, ∵∠OBC=∠OCD=45°, ∴∠OBG=∠OCF, 在△OBG与△OCF中 ∴△OBG≌△OCF(SAS) ∴OG=OF,∠BOG=∠COF, ∴OG⊥OF, 在RT△BCE中,BC=DC=6,DE=2EC, ∴EC=2, ∴BE= = =2 , ∵BC2=BF?BE, 则62=BF ,解得:BF= , ∴EF=BE﹣BF= , ∵CF2=BF?EF, ∴CF= , ∴GF=BF﹣BG=BF﹣CF= , 在等腰直角△OGF中 OF2= GF2, ∴OF= . 点评: 本题考查了全等三角形的判定和性质,直角三角形的判定以及射影定理、勾股定理的应用.   三、解答题(本大题共2小题,每小题7分,共14分) 19.(7分)(2014年重庆市)计算: +(﹣3)2﹣20140×|﹣4|+ . 考点: 实数的运算;零指数幂;负整数指数幂. 分析: 分别根据0指数幂及负整数指数幂的计算法则、数的乘方法则及绝对值的性质计算出各数,再根据实数混合运算的法则进行计算即可. 解答: 解:原式=2+9﹣1×4+6 =11﹣4+6 =13. 点评: 本题考查的是实数的运算,熟知0指数幂及负整数指数幂的计算法则、数的乘方法则及绝对值的性质是解答此题的关键.   20.(7分)(2014年重庆市)如图,△ABC中,AD⊥BC,垂足是D,若BC=14,AD=12,tan∠BAD= ,求sinC的值. 考点: 解直角三角形. 分析: 根据tan∠BAD= ,求得BD的长,在直角△ACD中由勾股定理得AC,然后利用正弦的定义求解. 解答: 解:∵在直角△ABD中,tan∠BAD= = , ∴BD=AD?tan∠BAD=12× =9, ∴CD=BC﹣BD=14﹣9=5, ∴AC= = =13, ∴sinC= = . 点评: 本题考查了解直角三角形中三角函数的应用,要熟练掌握好边角之间的关系.   四、解答题(本大题共4小题,每小题10分,共40分) 21.(10分)(2014年重庆市)先化简,再求值: ÷( ﹣ )+ ,其中x的值为方程2x=5x﹣1的解. 考点: 分式的化简求值;解一元一次方程. 专题: 计算题. 分析: 原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算,同时 利用除法法则变形,约分后两项通分并利用同分母分式的加法法则计算得到最简结果,求出方程的解得到x 的值,代入计算即可求出值. 解答: 解:原式= ÷ + = ? + = + = , 解方程2x=5x﹣1,得:x= , 当x= 时,原式=﹣ . 点评: 此题考查了分式的化简求值,熟练掌握运算法则是解本题的关键.   22.(10分 )(2014年重庆市)为鼓励创业,市政府制定了小型企业的优惠政策,许多小型企业应运而生,某镇统计了该镇1﹣5月新注册小型企业的数量,并将结果绘制成如下两种不完整的统计图: (1)某镇今年1﹣5月新注册小型企业一共有 16 家.请将折线统计图补充完整; (2)该镇今年3月新注册的小型企业中,只有2家是餐饮企业,现从3月新注册的小型企业中随机抽取2家企业了解其经营状况,请用列表或画树状图的方法求出所抽取的2家企业恰好都是餐饮企业的概率. 考点: 折线统计图;扇形统计图;列表法与树状图法. 分析: (1)根据3月份有4家 ,占25%,可求 出某镇今年1﹣5月新注册小型企业一共有的家数,再求出1月份的家数,进而将折线统计图补充完整; (2)设该镇今年3月新注册的小型企业为甲、乙、丙、丁,其中甲、乙为餐饮企业 ,根据题意画出树状图,然后由树状图求得所有等可能的结果与甲、乙2家企业恰好被抽到的情况,再利用概率公式求解即可求得答案. 解答: 解:(1)根据统计图可知,3月份有4家,占25%, 所以某镇今年1﹣5月新注册小型企业一共有:4÷25%=16(家), 1月份有:16﹣2﹣4﹣3﹣2=5(家). 折线统计图补充如下 : (2)设该镇今年3月新注册的小型企业为甲、乙、丙、丁,其中甲、乙为餐饮企业.画树状图得: ∵共有12种等可能的结果,甲、乙2家企业恰好被抽到的有2种, ∴所抽取的2家企业恰好都是餐饮企业 的概率为: = . 点评: 本题考查了折线统计图、扇形统计图和列表法与树状图法,解决本题的关键是从两种统计图中整理出解题的有关信息,在扇形统计图中,每部分占总部分的百分比等于该部分所对应的扇形圆心角的度数与360°的比.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.   23.(10分)(2014年重庆市)为丰富居民业余生活,某居民区组建筹委会,该筹委会动员居民自愿集资建立一个书刊阅览室.经预算,一共需要筹资30000元,其中一部分用于购买书桌、书架等设施,另一部分用于购买书刊. (1)筹委会计划,购买书刊的资金 不少于购买书桌、书架等设施资金的3倍,问最多用多少资金购买书桌、书架等设施? (2)经初步统计,有200户居民自愿参与集资,那么平均每户需集资150元.镇政府 了解情况后,赠送了一批阅览室设施和书籍,这样,只需参与户共集资20000元.经筹委会进一步宣传,自愿参与的户数在200户的基础上增加了a%(其中a>0).则每户平均集资的资金在150元的基础上减少了 a%,求a的值. 考点: 一元二次方程的应用;一元一次不等式的应用. 分析: (1)设用于购买书桌、书架等设施的为x元,则购买书籍的有(30000﹣x)元,利用“购买书刊的资金不少于购买书桌、书架等设施资金的3倍”,列出不等式求解即可; (2)根据“自愿参与的户数在200户的基础上增加了a%(其中a>0).则每户平均集资的资金在150元的基础上减少了 a%,且总集资额为20000元”列出方程求解即可. 解答: 解:(1)设用于购买书桌、书架等设施的为x元,则购买书籍 的有(30000﹣x)元, 根据题意得:30000﹣x≥3x, 解得:x≤7500. 答:最多用7500元购买书桌、书架等设施; (2)根据题意得:200(1+a%)×150(1﹣ a%)=20000 整理得:a2+10a﹣3000=0, 解得:a=50或a=﹣60(舍去), 所以a的值是50. 点评: 本题考查了一元二次方程的应用及一元一次不等式的应用,解题的关键是从题目中整理出等量关系和不等关系,难度不大 .   24.(10分)(2014年重庆市)如图,△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC,AD⊥BC,垂足是D,AE平分∠BAD,交BC 于点E.在△ABC外有一点F,使FA⊥AE,FC⊥BC. (1)求证:BE= CF; (2)在AB上取一点M,使BM=2DE,连接MC,交AD于点N,连接ME. 求证:①ME⊥BC;②DE=DN. 考点: 全等三角形的判定与性质;角平分线的性质;等腰直角三角形. 专题: 证明题 ;几何综合题. 分析: (1)根据等腰直角三角形的性质求出∠B=∠ACB=45°,再求出∠ACF=45°, 从而得到∠B=∠ACF,根据同角的余角相等求出∠BAE=∠CAF,然后利用“角边角”证明△ABE和△ACF全等,根据全等三角形对应边相等证明即可; (2)①过点E作EH⊥AB于H,求出△BEH是等腰直角三角形,然后求出HE=BH,再根据角平分线上的点到角的两边距离相等可得DE=HE,然后求出HE=HM,从而得到 △HEM是等腰直角三角形,再根据等腰直角三角形的性质求解即可; ②求出∠CAE=∠CEA=67.5°,根据等角对等边可得AC=CE,再利用“HL”证明Rt△ACM和Rt△ECM全等,根据全等三角形对应角相等可得∠ACM=∠ECM=22.5°,从而求出∠DAE=∠ECM,根据等腰直角三角形的性质可得AD=CD,再利用“角边角”证明△ADE和△CDN全等,根据全等三角形对应边相等证明即可. 解答: 证明:(1)∵∠BAC=90°,AB=AC, ∴∠B=∠ACB=45°, ∵FC⊥BC, ∴∠BCF=90°, ∴∠ACF=90°﹣45°=45°, ∴∠B=∠ACF, ∵∠BAC=90°,FA⊥AE, ∴∠BAE+∠CAE=90°, ∠CAF+∠CAE=90°, ∴∠BAE=∠CAF, 在△ABE和△ACF中, , ∴△ABE≌△ACF(ASA), ∴BE=CF; (2)①如图,过点E作EH⊥AB于H,则△BEH是等腰直角三角形, ∴HE=BH,∠BEH=45°, ∵AE平分∠BAD,AD⊥BC, ∴DE=HE, ∴DE=BH=HE, ∵BM=2DE, ∴HE=HM, ∴△HEM是等腰直角三角形, ∴∠MEH=45°, ∴∠BEM=45°+45°=90°, ∴ME⊥BC ; ②由题意得,∠CAE=45°+ ×45°=67.5°, ∴∠CEA=180°﹣45°﹣67.5°=67.5°, ∴∠CAE=∠CEA=67.5°, ∴AC=CE, 在Rt△ACM和Rt△ECM中 , , ∴Rt△ACM≌Rt△ECM(HL), ∴∠ACM=∠ECM= ×45°=22.5°, 又∵∠DAE= ×45°=22.5°, ∴∠DAE=∠ECM, ∵∠BAC=90°,AB=AC,AD⊥BC, ∴AD=CD= BC, 在△ADE和△CDN中, , ∴△ADE≌△CDN(ASA), ∴DE=DN. 点评: 本题考查了全等三角形的判定与性质,等腰直角三角形的判定与性质,角平分线上的点到角的两边距离相等的性质,熟记性质并作辅助线构造出等腰直角三角形和全等三角形是解题的关键,难点在于最后一问根据角的度数得到相等的角.   五、解答题(本大题共2个小题,每小题12分,共24分) 25.(12分)(2014年重庆市)如图,抛物线 y=﹣x2﹣2x+3 的图象与x轴交于A、B两点(点A在点B的左边),与y 轴交于点C,点D为抛物线的顶点. (1)求A、B、C的坐标; (2)点M为线段AB上一点( 点M不与点A、B重合),过点M作x轴的垂线,与直线AC交于点E,与抛物线交于点P,过点P作PQ∥AB交抛物线于点Q,过点Q作QN⊥x轴于点N.若点P 在点Q左边,当矩形PQMN的周长最大时,求△AEM的面积; (3)在(2)的条件下,当矩形PMNQ的周长最大时,连接DQ.过抛物线上一点F作y轴的平行线,与直线AC交于点G(点G 在点F的上方).若FG=2 DQ,求点F的坐标. 考点: 二次函数综合题. 分析: (1)通过解析式即可得出C点坐标,令y=0,解方程得出方程的解,即可求得A、B的坐标. (2)设M点横坐标为m,则PM=﹣m2﹣2m+3,MN=(﹣m﹣1)×2=﹣2m﹣2,矩形PMNQ的周长d=﹣m2﹣m+10,将﹣m2﹣m+10配方,根据二次函数的性质,即可得出m的值,然后求得直线AC的解析式,把x=m代入可以求得三角形的边长,从而求得三角形的面积. (3)设F(n,﹣n2﹣2n+3),根据已知若FG=2 DQ,即可求得. 解答: 解:(1)由抛物线y=﹣x2﹣2x+3可知,C(0,3), 令y=0,则0=﹣x2﹣2x+3,解得x=﹣3或x=1, ∴A(﹣3,0),B(1,0). (2)由抛物线y=﹣x2﹣2x+3可知,对称轴为x=﹣1, 设M点的横坐标为m,则PM=﹣m2﹣2m+3,MN=(﹣m﹣1)×2=﹣2m﹣2, ∴矩形PMNQ的周长=2(PM+MN)=(﹣m2﹣2m+3﹣2m﹣2)×2=﹣2m2﹣8m+2=﹣2(m+2)2+10, ∴当m=﹣2时矩形的周长最大. ∵A(﹣3,0),C(0,3),设直线AC解析式为;y=kx+b, 解得k=1 ,b=3, ∴解析式y=x+3,当x=﹣2时,则E(﹣2,1), ∴EM=1,AM=1, ∴S= ?AM?EM= . (3)∵M点的横坐标为﹣2,抛物线的对称轴为x=﹣1, ∴N应与原点重合,Q点 与C点重合, ∴DQ=DC, 把x=﹣1代入y=﹣x2﹣2x+3,解得y=4, ∴D( ﹣1,4) ∴DQ=DC= , ∵FC=2 DQ, ∴FG=4, 设F(n,﹣n2﹣2n+ 3), 则G(n,n+3 ), ∴|﹣n2﹣2n+3|﹣|n+3|=4, 即n2+2n﹣3+n+3=4,解得:n= ﹣4或n=1, ∴F(﹣4, ﹣5)或(1,0). 点评: 本题考查了二次函数与坐标轴的交点的求法,矩形的性质,一元二次方程的解法,二次函数最值的求法,综合性较强,难度适中.运用数形结合、方程思想是解题的 关键.   26.(12分)(2014年重庆市)已知:如图①,在矩形ABCD中,AB=5,AD= ,AE⊥BD,垂足 是E.点F是点E关于AB的对称点,连接AF、BF. (1)求 AE和BE的长; (2)若将△ABF沿着射线BD方向平移,设平移的距离为m(平移距离指点B沿BD方向所经过的线段长度).当点F分别平移到线段AB、AD 上时,直接写出相应的m的值. (3)如图②,将△ABF绕点B顺时针旋转一个角α(0°<α<180°),记旋转中的△ABF为△A′BF′,在旋转过程中,设A′F′所在的 直线与直线AD交于点P,与直线BD交 于点Q.是否存在这样的P、Q两点,使△DPQ为等腰三角形?若存在,求出此时DQ的长;若不存在,请说明理由. 考点: 几何变换综合题. 分析: ( 1)利用矩形性质、勾股定理及三角形面积公式求解; (2)依题意画出图形,如答图2所示.利用平移性质,确定图形中的等腰三角形,分别求出m的值; (3)在旋转过程中,等腰△DPQ有4种情形,如答图3所示,对于各种 情形分别进行计算. 解答: 解:(1)在Rt△ABD中,AB=5,AD= , 由勾股定理得:BD= = = . ∵S△ABD= BD?AE= AB?AD, ∴AE= = =4. 在Rt△ABE中,AB=5,AE=4,由勾股定理得:BE=3. (2)设平移中的三角形为△A′B′F′,如答图2所示: 由对称点性质可知,∠1=∠2. 由平移性质可知,AB∥A′B′,∠4=∠1,BF=B′F′=3. ①当点F′落在AB上时,∵AB∥A′B′, ∴∠3=∠4,∴∠3=∠2, ∴BB′=B′F′=3,即m=3; ②当点F′落在AD上时,∵AB∥A′B′, ∴∠6=∠2,∵∠1=∠2,∠5=∠1, ∴∠5=∠6,又易 知A′B′⊥AD, ∴△B′F′ D为等腰三角形, ∴B′D=B′F′=3, ∴BB′=BD﹣B′D= ﹣3= ,即m= . (3)存在.理由如下: 在旋转过程中,等腰△DPQ依次有以下4种情形: ①如答图3﹣1所示,点Q落在BD延长线上,且PD=DQ,易知∠2=2∠Q, ∵∠1=∠3+∠Q, ∠1=∠2, ∴∠3=∠Q, ∴A′Q=A′B=5, ∴F′Q=F′A′+A′Q=4+5=9. 在Rt△BF′Q中,由勾股定理得:BQ= = = . ∴DQ=BQ﹣BD= ﹣ ; ②如答图3﹣2所示,点Q落在BD上,且PQ=DQ,易知∠2=∠P, ∵∠1=∠2,∴∠1=∠P, ∴BA′∥PD,则此时点A′落在BC边上. ∵∠3=∠2,∴∠3=∠1,∴BQ=A′Q, ∴F′Q=F′A′﹣A′Q=4﹣BQ. 在Rt△BQF′中,由勾股定理得:BF′2+F′Q2=BQ2, 即:32+(4﹣BQ)2=BQ2 , 解得:BQ= , ∴DQ=BD﹣BQ= ﹣ = ; ③如答图3﹣3所示,点Q落在BD上,且PD=DQ,易知∠3=∠4. ∵∠2+∠3+∠4=180°,∠3=∠4, ∴∠4=90°﹣ ∠2. ∵∠1=∠2,∴∠4=90°﹣ ∠1. ∴∠A′QB=∠4=90°﹣ ∠1, ∴∠A′BQ=180°﹣∠A′QB﹣∠1=90°﹣ ∠1, ∴∠A′QB=∠A′BQ, ∴A′Q=A′B=5, ∴F′Q=A′Q﹣A′ F′=5﹣4=1. 在Rt△BF′Q中,由勾股定理得:BQ= = = , ∴DQ=BD﹣BQ= ﹣ ; ④如答图3﹣4所示,点Q落在BD上,且PQ=PD,易知∠2=∠3. ∵∠1=∠2,∠3=∠4, ∠2=∠3, ∴∠1=∠4, ∴BQ=BA′=5, ∴DQ=BD﹣BQ= ﹣5= . 综上所述,存在4组符合条件 的点P、点Q,使△DPQ为等腰三角形; DQ的长度分别为 ﹣ 、 、 ﹣ 或 . 点评: 本题是几何变换压轴题,涉及旋转与平移变换、矩形、勾股定理、等腰三角形等知识点.第(3)问难度很大,解题关键是画出各种旋转图形,依题意进行分类讨论;在计算过程中,注意识别旋转过程中的不变量,注意利用等腰三角形的性质简化计算.

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